ProjektKursi-Shpërndarje

Projekt kursi

1.Metoda e koeficientit te kerkeses

GRUPI I:

Kompresorë dhe ventilatorë.

Kça = 0.65 Pn = 100

Kkra = 0.8 n = 2

cosφ = 0.8 Pnmax = 50

Dime qe:

P¿=K kra ∙Pn=0.8 ∙100=80kW

S¿=P¿

cosφ= 800.8

=100kVA

Q¿=¿ √S¿

2−P¿2=√1002−802=60 kV Ar ¿

Grupi II:

Makina ngritëse dhe transportuese.

Kça = 0.2 Pn = 200

Kkra = 0.28 n = 200


Dime qe:

P¿=K kra ∙Pn=0.28 ∙200=56kW

S¿=P¿

cosφ= 560.6

=93.33 kVA

Q¿=¿ √S¿

2−P¿2=√93.332−562=74.66 kV A r¿

Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.

Projekt kursi

GRUPI III:

Makina metal-prerëse universale.

Kça = 0.15 Pn = 1000 n1 = 6

Kkra = 0.25 n = 60 Pn1 = 600


P¿=K kra ∙ Pn=0.25 ∙1000=250kW

S¿=P¿

cosφ=2500.6

=416.67 kVA

Q¿=¿ √S¿

2−P¿2=√416.672−2502=333.34 kV Ar ¿

GRUPI IV:

Pajisje elektrotermie (Furra elektrike)

Kça = 0.55 Pn = 2000

Kkra = 0.75 n = 20


P¿=K kra ∙Pn=0.75 ∙2000=1500 kW

S¿=P¿

cosφ=15000.9

=1666.66 kVA

Q¿=¿ √S¿

2−P¿2=√1666.662−15002=726.46 kV A r¿

GRUPI V:

Pajisje saldimi.


Projekt kursi

Kça = 0.4 Sna = 10 Snab = 40

Kkra = 0.5 Snb = 20 Snbc =50

cosφ = 0.35 Snc = 30 Snca = 60

VR% = 25% (Vazhdimi relativ)

Gjejme fuqite aktive nominale te cdo faze duke pasur parasysh VR% e cila shpreh raportin e kohen gjate te ciles punon paisja me kohen e ciklit te paisjes. Pra kemi:

Pna 0=Sna √VR∙cosφ=10√0.25∙0.35=1.75 kW

Pnb 0=Snb√VR∙cosφ=20√0.25 ∙0.35=3.5kW

Pnc 0=Snc√VR ∙cosφ=30√0.25 ∙0.35=5.25 kW

Tani gjejme fuqite aktive e tensioneve te linjes dhe do te kemi

Pnab=Snab √VR ∙cosφ=40√0.25 ∙0.35=7 kW

Pnbc=Sbc√VR ∙cosφ=50√0.25 ∙0.35=8.75 kW

Pnca=Snca√VR ∙cosφ=60√0.25 ∙0.35=10.5 kW

Duke pasur parasysh edhe koeficientet e tabeles per cdo cosø do te kemi qe:

Pna=Pnab ∙ p (ab )a+Pnca∙ p (ca )a+Pna0

Pna=7 ∙1.28+10.5 ∙ (−0.28 )+1.75=7.77 kW

Pnb=Pnab ∙ p (ab )b+Pnbc ∙ p (bc )b+Pnb 0

Pnb=7 ∙ (−0.28 )+8.75 ∙1.28+3.5=12.67 kW

Pnc=Pnca ∙ p (ac ) c+Pnbc∙ p (bc ) c+Pnc 0

Pnc=10.5 ∙1.28+8.75∙ (−0.28 )+5.25=16.24 kW

M.q.s kemi cosø=0.35 atehere kemi p(ab)a= p(bc)b= p(ca)c=(1.4+1.17)/2=1.28 dhe p(ca)a= p(ab)b= p(bc)c=(-0.4-0.17)/2=-0.28

Fuqia ekuivalente e te konsumatoreve eshte (duke marre rastin me te keq ) sa 3-fishi I fuqise me te madhe te gjetur ,pra do te jete:


Projekt kursi

Pek=3 ∙Pna=3 ∙16.24=48.72 kW

Tani mund te gjejme Pll dhe kemi:

P¿=Pek ∙K kra=48.72 ∙0.5=24.36 kW

S¿=P¿

cosφ=24.360.35

=69.6 kVA

Q¿=¿ √S¿

2−P¿2=√69.62−24.362=65.2kV Ar ¿

Tani mund te gjejme Pll dhe kemi:

Pllplot ë=Σ Plli=P¿ 1+P¿ 2+P¿3+P¿4+P ¿5

Pllplot ë=¿80+56+250+1100+24.36=1510.36kW

Qllplot ë=ΣQlli=Q¿ 1+Q ¿2+Q¿3+Q¿ 4+Q¿5

Qllplot ë=¿60+74.66+333.33+532.75+65.2=1065.94kV Ar

Fuqia e plote nuk mund te gjendet si shume e fuqive parciale te plota pasi duke ditur qe fuqia e plote paraqet nje vektor, atehere per mbledhjen e dy vektoreve nuk mund te perdorim arimetiken e thjeshte (pasi futen ne loje kendet). Pra fuqia e plote do te jete:

Sllplot ë=√P¿2+Q¿

2=√1510.362+1065.942=1848.625 kVA

Koefiçenti i kërkesës së repartit:

Per te gjithe repartin kemi:

K krarep=P ¿Σ

ΣPn= 1510.36100+200+1000+2000+48.72

=0.45

K krarep=0.45


Projekt kursi

cosφrep=P¿Σ

S¿Σ= 1510.361848.625

=0.817

tgφrep=ΣP¿

ΣQ¿= 1510.31065.94

=1.42

Tabela permbledhese:

Emërtimi n Kkra cosφ tgφ Pll Qll Sll

Grupi I 2 0.8 0.8 0.75 80 60 100Grupi II 200 0.28 0.6 1.3 56 74.66 93.33Grupi III 60 0.25 0.6 1.3 250 333.34 416.67Grupi IV 20 0.75 0.9 0.48 1500 726.46 1666.66Grupi V 6 0.5 0.35 2.67 24.36 65.2 69.6Reparti 288 0.45 0.82 0.71 1510.36 1065.94 1848.625

2.Metoda e koeficientit te maksimumit

Mënyra e dytëGRUPI I:

Kça = 0.65 Pn = 100

Kkra = 0.8 n = 2


Projekt kursi


Kur kemi dy konsumatorë:

P¿=Pn=100 kW

Q¿=P¿ ∙tgφ=100 ∙0.75=75kV A r

S¿=P¿

cosφ=1000.8

=125 kVA

Pmt=K ç a ∙ Pn=0.65∙100=65 kW

Qmt=Pmt ∙tgφ=65∙0.75=48.75kV Ar

Smt=Pmt

cosφ= 650.8

=81.25kVA

GRUPI II:

Kça = 0.2 Pn = 200 Pnmax = 20

Kkra = 0.28 n = 200 cosφ = 0.6

nef=2∙ Pn

Pnmax=2∙200

20=20

Nga tabela 2.2 për nef = 20 dhe Kça = 0.2 kemi Kmax= 1.5.

Pmt=K ç a ∙ Pn=0.2∙200=40kW

Qmt=Pmt ∙tgφ=40 ∙1.3=52kV A r

Smt=Pmt

cosφ= 400.6

=66.67 kVA

P¿=Kmax ∙Pmt=1.5 ∙40=60kW

Q¿=P¿ ∙tgφ=60∙1.3=79.9 kV A r


Projekt kursi

S¿=P¿

cosφ= 600.6

=100 kVA

Keto jane fuqite llogaritese te grupit te dyte te konsumatoreve.

GRUPI III:

Kça = 0.15 Pn = 1000 n1 = 6

Kkra = 0.25 n = 60 Pn1 = 600


Pmt=K ç a ∙ Pn=0.15∙1000=150kW

Qmt=Pmt ∙tgφ=150 ∙1.3=195kV A r

Smt=Pmt

cosφ=1500.6

=250 kVA

n¿=n1n

= 660

=0.1

P¿=Pn1

Pn= 6001000

=0.6

Nga tabela 2.5 për n* = 0.1 dhe P* = 0.6 kemi nef* = 0.25.

nef=nef∗¿∙n=0.25 ∙ 60=15 ¿

Nga tabela 2.2 për nef* = 15 dhe Kça = 0.15 kemi Kmax = 1.81.

P¿=Kmax ∙Pmt=1.81 ∙150=271.5 kW

Q¿=P¿ ∙tgφ=271.5∙1.3=352.95 kV A r

S¿=P¿

cosφ=271.50.6

=452.5 kVA


Projekt kursi

Keto jane fuqite llogaritese te grupit te trete te konsumatoreve.

GRUPI IV:

Kça = 0.55 Pn = 2000

Kkra = 0.75 n = 20


Pmt=K ç a ∙ Pn=0.55∙2000=1100 kW

Qmt=Pmt ∙tgφ=1100 ∙0.48=528kV A r

Smt=Pmt

cosφ=11000.9

=1222.22 kVA

nef=2∙ Pn

Pnmax= 2∙2000

400=10

Nga tabela 2.2 për nef = 10 dhe Kça = 0.55 kemi Kmax = 1.3

P¿=Kmax ∙Pmt=1.3 ∙1100=1430 kW

Q¿=P¿ ∙tgφ=1430 ∙0.48=686.4 kV A r

S¿=P¿

cosφ=14300.9

=1588.88 kVA

GRUPI V:

Kça = 0.4 Nxorrem qe: Pnek=3 ∙ Pmes=34.44 kW

Prandaj duke qene sePnek=3 ∙ Pmes do te kemi:


Projekt kursi

Kkra = 0.5 nef=6

cosφ = 0.35

Pmt=K ç a ∙ Pnek=0.4 ∙34.44=13.78 kW

Qmt=Pmt ∙tgφ=13.78 ∙2.67=36.79kV A r

Smt=Pmt

cosφ=13.780.35

=39.37kVA

Nga tabela 2.2 për nef = 6 dhe Kça = 0.4 kemi Kmax = 1.66

P¿=Kmax ∙Pmt=1.66 ∙13.78=22.87 kW

Q¿=P¿ ∙tgφ=22.87∙2.67=61.1kV A r

S¿=P¿

cosφ=22.870.35

=65.34 kVA

Bilanci i fuqive:

Pmt Σ=Σ Pmt=Pmt 1+Pmt2+Pmt 3+Pmt 4+Pmt 5

Pmt Σ=65+40+150+1100+13.78=1368.78 kW

Qmt Σ=ΣQmt=Qmt 1+Qmt 2+Qmt 3+Qmt 4+Qmt 5

Qmt Σ=48.75+52+195+528+36.79=860.54 kV A r

Duke ditur qe madhesite jane vektoriale atehere fuqia e plote do te jete:

Smt Σ=√Pmt Σ2+Qmt Σ

2=√1368.782+860.542=1616.81kVA

Fuqite llogaritese do te jene :

P¿ Σ=Σ Plli=P¿ 1+P¿2+P ¿3+P¿4+P¿5

P¿ Σ=100+60+271.5+1430+22.87=1884.37kW

Qllplot ë=ΣQlli=Q¿ 1+Q ¿2+Q¿3+Q¿ 4+Q¿5

Q¿ Σ=75+79.9+352.95+686.4+61.1=1255.35 kV A r


Projekt kursi

S¿ Σ=√P¿ Σ2+Q¿Σ

2=√1884.372+1255.352=2264.23 kVA

Fuqite nominale do te jene:

Pn=Pn1+Pn2+Pn3+Pn4+Pn5

Pn=100+200+1000+2000+34.44=3334.44 kW

K çarep=Pmt Σ

PnΣ=1368.783334.44

=0.41

Kmaxrep=P¿ Σ

Pmt Σ=1884.371368.78

=1.37

Emërtimi n Pnmax Pn Kça cosφ tgφ nef Kmax

Grupi I 2 50 100 0.65 0.8 0.75 2 1Grupi II 20 20 200 0.2 0.6 1.3 20 1.5Grupi III 60 100 1000 0.15 0.6 1.3 15 1.81Grupi IV 20 400 2000 0.55 0.9 0.48 10 1.3Grupi V 6 11.48 34.44 0.4 0.35 2.67 6 1.66Reparti 108 400 3334.44 0.41 0.82 0.71 53 1.37

Emërtimi Fuqia mesatare Fuqia llogaritësePmt Qmt Pll Qll Sll

Grupi I 65 48.75 100 75 125Grupi II 40 52 60 79.9 100Grupi III 150 195 271.5 352.95 452.5Grupi IV 1100 528 1430 686.4 1588.88Grupi V 13.78 36.79 22.87 61.1 65.34Reparti 1368.78 860.54 1884.37 1255.35 2264.23

3. Llogaritja e fuqisë së mjeteve kompensuese që të kemi cosφ=0.9 :

Kemi keto te dhena :


Projekt kursi

Pmt Σ=1368.78 kW

cosφ1=0.82 cosφ2=0.9α=0.9

sinφ1=√1−cosφ12=√1−0.822=0.75

tgφ1=sinφ1cosφ1

=0.750.78

=0.96

tgφ2=0.48

Qmk=Pkond=Pmt Σ ∙(tgφ1−tgφ2)∙ α

Qmk=1368.78 ∙ (0.96−0.48 ) ∙0.9=267.49kVAr

Një bllok kondensatorësh ka 30 kVAr.

Pra vlera qe duhet kompesuar eshte:

Qmk=270kVAr . Pra duhen 270/30=9 bateri kondesatoresh.

Qmk Σ=Qmt Σ−Qmk=860.54−270=590.54 kVAr dhe fuqia e plote :

Srez=√P¿ Σ2 +Q¿ Σ

2 ∙ Kmax=√1884.372+1255.352 ∙1.37=2389.5 kVA

Kjo eshte fuqia e plote qe duhet te kompesohet.

Kjo metode eshte me e sakte se metoda e pare e aplikuar nga ne.

4. Te llogaritet rrjeti i TU per 20 konsumatore nga te cilet 10 konsumator do te mbrohen me siguresa dhe 10 do te mbrohen me automat


Projekt kursi

cosφ=0.8 ; ή=0.9 ; kng=1 ; kl=1 ; km=2.5 ; Un=380V

Pikat shperndarese :

Pika Shperndarese 1 dhe 3.

Konsumatori 1.

Pn 1=20KW ⇒I n1=

Pn 1

√3U ncosϕη=10000

√3⋅380⋅0 .8⋅0 . 9=21. 1 A

Zgjedhja e sigureses: (leshim pa ngarkese kl=5dhe km=2.5)

1. I sh≥k ng⋅In1=21.1 A⇒ Ins=25 A

2.I sh≥

I lkm

=5∗21.1/2.5=42 .2 A⇒ I ns=50 A

In=25 A Ish=50A

Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:

1. I lejp≥I n1=21 .1 A⇒5 x 4mm2

2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=50 A⇒5x 16mm2

Zgjedhja e automatit:

1. I na≥k ng⋅In 1=21.1 A⇒ I na=25 A InA=25A

Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:

1. I lejp≥I n1=21 .1 A⇒5 x 4mm2

2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=25 A⇒5x 6mm2

Konsumatori 2.


Projekt kursi

Pn 2=30KW ⇒I n2=

Pn 2

√3U ncosϕη=30000

√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9=63 .3 A

Zgjedhja e sigureses:

1. I sh≥k ng⋅In 2=63 .3 A⇒ I ns=100 A

2.I sh≥

I lkm

=126 .6 A⇒ Ins=150 A

In=100A Ish=150A


1. I lejp≥I n 2=63 .3 A⇒5 x25mm2

2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=63 A⇒5 x25mm2


1. I na≥k ng⋅In 2=21.1 A⇒ Ina=32 A


1. I lejp≥I n 2=21 .1 A⇒5 x 4mm2

2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=32 A⇒5 x 6mm2

Konsumatori 3.

Pn 3=60KW ⇒ I n 3=60000√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9

=126 .6 A



Projekt kursi

1. I sh≥k ng⋅In 3=1⋅126 .6 A=126 .6 A⇒ I ns=200 A

2.I sh≥

I lkm

=5⋅126 . 62.5

=253 .2 A⇒ I ns=300 A

In=200A Ish=300


1. I lejp≥I n 3=126 .6 A⇒5 x50mm2



1. I na≥k ng⋅In 3=126 .6 A⇒ I na=160 A


1. I lejp≥I n 3=126 .6 A⇒5 x50mm2


Konsumatori 4.

Pn 4=70KW⇒ I n4=70000√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9

=147 .7 A



Projekt kursi

1. I sh≥k ng⋅In 4=1⋅147.7 A=147 .7 A⇒ I ns=200 A

2.I sh≥

I lkm

=5⋅147 .72.5

=295 .43 A⇒ I ns=300 A


1. I lejp≥I n 4=147 .7 A⇒5x 70mm2



1. I na≥k ng⋅In 4=147 .7 A⇒ I na=160 A

Zgjedhja e seksionit te percjellesit te automatit:

1. I lejp≥I n 4=147 .7 A⇒5x 70mm2


Konsumatori 5.

Pn 5=40KW⇒ In 5=40000√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9

=84 .4 A


1. I sh≥k ng⋅In 5=1⋅84 .4 A=84 .4 A⇒ I ns=100 A

2.I sh≥

I lkm

=5⋅1002.5

=200 A⇒ I ns=200 A

In=100A Ish=200A



Projekt kursi

1. I lejp≥I n5=84 .4 A⇒5 x50mm2

2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=100 A⇒ 5x 50mm2


1. I na≥k ng⋅In 5=84 .4 A⇒ I na=100 A


1. I lejp≥I n5=84 .4 A⇒5 x50mm2


Pika shprndarese 2 dhe 4.

Konsumatori 1.

Pn 1=1 .1KW ⇒ I n1=1100√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9

=2 .32 A


1. I sh≥k ng⋅In 1=1⋅2.32 A=2 . 32 A⇒ I ns=25 A

2.I sh≥

I lkm

=5⋅2 .322 .5

=4 .64 A⇒ I ns=6 A

In=25 lsh=6


Projekt kursi


1. I lejp≥I n1=25 A⇒5 x6mm2



1. I na≥k ng⋅In 1=2.32 A⇒ Ina=6 A


1. I lejp≥I n5=2 .32 A⇒5 x 4mm2

2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=6 A⇒ 5 x 4mm2

Konsumatori 2

Pn 2=28KW ⇒ In 2=28000√3⋅380⋅0.8⋅0.9

=59 A


1. I sh≥k ng⋅In 2=1⋅59 A=59 A⇒ I ns=63 A

2.I sh≥

I lkm

=5⋅592.5

=118 A⇒ I ns=200 A



Projekt kursi

1. I lejp≥I n 2=59 A⇒5 x16mm2

2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=200 A⇒ 5x 95mm2


1. I na≥k ng⋅In 2=59 A⇒ Ina=76 A


1. I lejp≥I n 2=59 A⇒5 x16mm2

2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=76 A⇒5 x25mm2

Konsumatori 3

Pn 3=14KW⇒ I n 2=14⋅103

√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9=29 .4 A


1. I sh≥k ng⋅In 3=1⋅29 .4 A=29 .4 A⇒ I ns=63 A

2.I sh≥

I lkm

=5⋅29 .42. 5

=58 .8 A⇒ I ns=63 A


1. I lejp≥I n 3=29 .4 A⇒5 x 6mm2



1. I na≥k ng⋅In 3=29 .4 A⇒ I na=32 A



Projekt kursi

1. I lejp≥I n 3=29 .4 A⇒5 x 6mm2


Konsumatori 4.

Pn 4=7KW⇒I n 4=

Pn1

√3Uncos ϕη=7000

√3⋅380⋅0.8⋅0 .9=14 .77 A


3. I sh≥k ng⋅In 4=14 .77 A⇒ I ns=25 A

4.I sh≥

I lkm

=29 .54 A⇒ Ins=40 A


3. I lejp≥I n 4=14 .77 A⇒5 x4mm2



2. I na≥k ng⋅In 4=14 .77 A⇒ I na=16 A


3. I lejp≥I n 4=14 .77 A⇒5 x4mm2

I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=16 A⇒5 x4mm2

Konsumatori 5


Projekt kursi

Pn 5=4 .5KW⇒ I n 5=4 .5⋅103

√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9=9 .49 A


3. I sh≥k ng⋅In 5=1⋅9 .49 A=9. 49 A⇒ I ns=25 A

4.I sh≥

I lkm

=5⋅29 .52 .5

=18 .99 A⇒ I ns=20A


3. I lejp≥I n5=9.49 A⇒5 x 1mm2



2. I na≥k ng⋅In 5=9 .49 A⇒ I na=10 A


3. I lejp≥I n5=9.49 A⇒5 x 1mm2

I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=10 A⇒5x 1mm2

5. Te llogaritet rrjeti i ushqimit per kater pika shperndares

Pika shperndarese 1.

I ll=∑i=1

5

I ni=21.1+63 .3+126 .6+147 .7+84 . 4=443 .1 A


Projekt kursi

Zgjedhja e sigureses

1.

I sh≥I max2 .5

=5⋅I n1

+∑i=1

4

I ni

2 .5= 5⋅147 . 7+21. 1+126 . 6+63 .3+84 . 4

2 .5=413 .56 A⇒ I ns=630 A


1. I lejp≥I ll=413 .56 A⇒5 x 150mm2



1. I na≥I ll=413.56 A⇒ I na=500 A


1. I lejp≥I na=500 A⇒5 x150mm2


Pika shperndarese 2.

I ll=∑i=1

5

I ni=2.32+59+14 .77+29 .4+9. 49=114 .98 A


1.I sh≥

I max2 .5

=5⋅I n1

+∑i=1

4

I ni

2 .5=5⋅59+2 .32+14 .77+9.49+29.4

2.5=140 .39 A⇒ I ns=200 A


Projekt kursi


1. I lejp≥I ll=140 . 39 A⇒5 x70mm2



1.I nA≥∑

i=1

5

Ini= 2 .32+59+14 .77+9.49+29. 4=114 .98 A⇒ Ina=125 A


1. I lejp≥I na=114 .98 A⇒5 x 50mm2


6. Sipas skemes se meposhtme te behet llogaritja e rrymave te lidhjes se shkurter ne dy pika ne TM = 20 kV dhe ne dy pika ne TU = 0.4 kV

Nga lloaritjet qe beme per te kompensuar fuqine reaktive na doli fuqia e kompensuar :

SΣ=2389.5 kVA =>Duhen dy transformator me nga 1250 KVA secili pra


Projekt kursi

Sn=1250 kVAU k%=6%I 0%=1. 4%ΔP0=2100WΔPCu=13100W

Keto jane te dhenat e transformatoreve qe duhen lihur ne paralel ne linjt e tensionit te mesem dhe te ulet. Pra keta transformatore ulin tensioin nga 20kv ne 0.4kv.

Figura me poshte i paraqet sakte transformatoret.


Projekt kursi


Projekt kursi

Llogaritja e rrymave te lidhjes se shkurter per kater pikat e dhena:

Pika 1

Gjejme rrymen e gjeneruar nga gjeneratori

Sb=100MVAUb=20kV ⇒

I b=Sb

√3⋅U b=100 .10

6

√3⋅20 .103=2 .89kA

Rezistenca inductive ne njesi relative do te jete:

X ¿ T=X¿T 1=X ¿ T 2=U k%

100⋅Sb

SnT=9 .5⋅100⋅10

6

100⋅7 .5⋅106=1 .266

X Σ=X ¿T

2 =1.2662 =0 .633Ω

Rrymat e lidhjes se shkurter:

I k1=I bX Σ

=2 . 89⋅103

0. 633=4 .56kA

Sk 1=√3⋅Ub⋅I k1=√3⋅20⋅4 .56=158 .15MVA

Vlera efektive e rrymes goditese te l.sh:

I g 1=√2⋅kg⋅I k 1=√2⋅1 .64⋅4 .56=10 .57kA

Pika 2

Rezisteca inductive e linjes kabllore:

X2=X0⋅l⋅Sb

Ub2

=0.08⋅10⋅100202

=0.2Ω

Ku per linjen kabllore kemi qe:X0=(0.07-0.12)


Projekt kursi

Rezistenca activedhe e plote e linjes do te jene:

r2=r0⋅l⋅Sb

Ub2

=750γ⋅s

⋅9⋅100202

=75053⋅240

⋅9⋅100202

=0 .132Ω

ZΣ=√r22+( XΣ+X2 )2=√0 .1322+(0 .633+0 .2 )2=0.84Ω

Rrymat dhe fuqia e l.sh do te jene:

I k2=I bZ Σ

= 2 .89⋅103

0 .84=3 .44 kA

Sk 2=√3⋅U b⋅I k2=√3⋅20⋅3 .44=119.165MVA

Rryma goditese do te jete:

I g 2=√2⋅k g⋅I k 2=√2⋅1 .88⋅3 .44=9 .146kA

Pika 3

Vlera relative e rezistencës aktive te TR përcaktohet:

r¿T=ΔPCu

SnT=131001250⋅103

=0 .0105Ω

Ndërsa rezistenca induktive relative e TR është:

Rezistenca active e trasfrmatorit TM/TU:

rT=r¿T⋅U

n2

Sn=0.0105⋅400

2

1250=1 .34mΩ


X¿ T=√(U k

100 )2−r¿ T=√(6100 )2−0 .0105=. 0. 059Ω

Projekt kursi

Rezistenca induktive e transformatorit:

XT=X ¿T⋅U

n2

Sn=0 .059⋅400

2

1250=7552mΩ

Rezistenca e plote do te jete:

ZΣ 3=√rT2+xΣ22 =√1 .342+75522=7555mΩ

Rryma e lidhjes se shkurter:

I k3=U

√3⋅ZΣ=400

√3⋅7555=0 .0306 kA

Rryma goditese:

I g 3=√2⋅k g⋅I k 3=√2⋅1.88⋅0.0306=0 .0814kA

Pika 4 (ketu po e leemmmmmmmmmmmmmmmme )

Rezitenca inductive dhe active linjes se tensionit te ulet :

r2=r0⋅l⋅Sb

Ub2

=750γ⋅s

⋅100⋅1004002

=75053⋅50

⋅100⋅1004002

=0 .0177Ω

X 4=X0⋅l⋅Snt

U2=0 .08⋅100⋅12504002

=0.0625Ω

Rezitenca plote e linjes do te jete:

Rrymat dhe fuqia ne lidhjen e shkurter

I k 4=I bZΣ

=2.89⋅103

0 . 695=4 .158 kA


ZΣ=√r42+(X Σ+X4 )2=√0 .01772+(0 .633+0.0625 )2=0.695Ω

Projekt kursi

Rryma goditese do te jete: I g 4=√2⋅kg⋅I k 4=√2⋅1.64⋅4 .158=9.644 kA

7.Kompozimi I kabines

Llogarisim rrymen llogaritese per te zgjedhur zbarat dhe siguresat qe do te perdoren ne kabinen e transformacionit.

ku: Sll=Srez pra me fuqine e plote te repartit pas kompesimit me anen e baterise se kondensatoreve.

Zgjedhim Ins = 100 A Ish = 80 A Kabina ka pamjen si meposhte:


I ll=Sll

√3⋅Ub

I ll=Sll

√3⋅Ub=2389 .5

√3⋅20=68 .98 A

Projekt kursi

8.Ndricimi I nje ambjenti

Jane dhene :

a=20m H=4m ρt =0.7 ρm =0.5 ρd=0.1

b=20m E=400lx

Ndricuesit do ti zgjedhim te tipit direkt indirekt

Per te bere ndricimin elektrik te lokalit ndjekim keto hapa:

1. Zgjedhim E=400lx

2. Per H=4m nga tabela 3.1 gjejme:

Lartesia e zbritjs: Hz=0.5m

Lartesia e varies se ndricuesve: Hv=H-Hz=4-0.5=3.5m

3. Per Hv=3.5 nga tabela 3.1 do te kemi:

Largesia nga muret l=1.2m

Largesia maximale e ndricuesve: L=4 m

Numri i ndricuesve ne nje rresht: Nr=20−2⋅1.2

4=4 .4⇒4

ndricues


Projekt kursi

Numri i ndricuesve ne nje kollone: Nr=20−2⋅1.2

4=4 .4⇒4

ndricues

Numri i ndricuesve 4x4=16 ndricues per te gjithe lokalin

4. Nga tabela gjejme treguesin e lokalit: B

5. ρt =0.7 ρm =0.5 ρd=0.1

6. Nga tabela per Nr=16 gjejme :

Koeficienti i shfrytezimit ne % per reflektim te dyshemese 10%: u=0.49

7. M=0.75 pastrimi dy here ne muaj

8. Siperfaqia:

S=a⋅b=20⋅20=400m2

9.F l=

E⋅Su⋅n⋅M

=400⋅4000 .49⋅16⋅0 .75

=27210 .88 lx

Zgjedhim 2 x(2 x58w)=4 x 5200lm=20800 lm sepse per ndricuesit 58w kemi 5200lm.

10. Shkalla reale:

E=4002080027210 .88

=305 .76lx

11. Fuqia e instaluar:

P=16⋅[2x (2x 58 ) ]=1 .856kw


Projekt kursi

Pra gjetem parametrat dhe numrin e ndriconjesve per nje ambjent qe ka: ρt =0.7 ρm =0.5 ρd=0.1.

Ndriconjesit jane te tipit direkt - indirect .

Paraqitja skematike do te jete si me poshte:


ProjektKursi-Shpërndarje

Documents

Transcript of ProjektKursi-Shpërndarje