Apostila estruturas em trelica
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Estruturasem Treliça
Prof. Eduardo Mesquita
- 2006 -
ESTRUTURAS EM TRELIÇAESTRUTURAS EM TRELIÇA
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
São estruturas lineares, formadas por barras que no conjunto devem formar uma estrutura indeformável.
Estrutura deformável
1. T1. TIPOSIPOS DEDE T TRELIÇARELIÇA
1.1 - Treliças Planas1.1 - Treliças Planas
Suas barras estão num mesmo plano.
1.2 - Treliças Tridimensionais1.2 - Treliças Tridimensionais
Suas barras estão todas em planos diferentes. As treliças são utilizadas para coberturas, pontes, como vigas de lançamento, etc.
2. H2. HIPÓTESESIPÓTESES P PARAARA OSOS V VÁRIOSÁRIOS P PROCESSOSROCESSOS DEDE C CÁLCULOSÁLCULOS
2.12.1 – As barras da treliça são ligadas entre si por intermédio de articulações sem atrito.
2.22.2 – As cargas e reações aplicam-se somente nos nós da estrutura.
2.32.3 – O eixo de cada barra coincide com a reta que une os centros das articulações (como nas estruturas lineares).
Satisfeitas todas as hipóteses mencionadas, as barras da treliça só serão solicitadas por forças normais.
3. E3. ESFORÇOSSFORÇOS S SOLICITANTESOLICITANTES
Forças Normais
As tensões provocadas por estas forças são chamadas tensões primárias.
Estruturas em Treliça
2
Barra indeformável
• tração
• compressão
N
NN
N
A A
B B
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
NS
σ = (verificação da resistência da peça)
Observações:
1. Na prática não se consegue obter uma articulação perfeita, sem atrito. As articulações são formadas por chapas rebitadas ou soldadas, que podem ser consideradas praticamente rígidas.
2. Devido ao fato de não termos uma articulação perfeita aparecerá momento fletor e força cortante, porém este estudo não é parte do nosso curso.
3. Também o peso próprio da barra provoca flexão na mesma, só que é desprezível por ser muito pequeno. O peso da barra vai aplicado nos nós.
4. T4. TRELIÇASRELIÇAS I ISOSTÁTICASSOSTÁTICAS EE H HIPERESTÁTICASIPERESTÁTICAS
Estruturas em Treliça
3
seção da peça
A
B
P/2
P/2
P1
P2
R1 P
3
R2
P4
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
Dados os valores das forças P1, P2, P3 e P4, se conseguirmos determinar, pelas equações da estática, os valores de R1 e R2 e os esforços nas barras, ela é isostática.
Se determinarmos somente as reações de apoio ela é dita internamente hiperestática (as incógnitas são as forças normais).
Quando nem as reações se determinam ela é dita externamente hiperestática.
As incógnitas a se determinarem são:
• As reações de apoio HA, VA e VB, chamadas de vínculos representados pela letra V.
• Esforços normais nas barras representados pela letra b.
Logo o número de incógnitas é (b + V).
Portanto, para cada nó da estrutura nós temos duas equações, logo se a estrutura possuir N nós, teremos 2N equações.
Portanto, para uma treliça ser isostática, devemos ter b V 2N+ =
Treliça hiperestática b + V > 2N.
O grau de hiperestaticidade de uma treliça é dado pela equação:
g = (b + V) – 2N
Se g = 0 a treliça é isostática.
Estruturas em Treliça
4
HA
P2
A
VB
B
VA
P
N1
N2
N3
x x
y y
N P 0
N P 0
+ =
+ =∑∑
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
Exemplos:
v = 3, b = 11, N = 7 v = 3, b = 9
b + v = 14 2N = 14 N = 6 b + v = 12 2N = 12
Isostática Isostática
v = 4, b = 13, N = 8 v = 3, b = 14, N = 8
b + v = 17 2N = 16 b + v = 17, 2N = 16
Hiperestática (g = 1) Hiperestática (g = 1)
Incógnita: uma das reações de Incógnita: esforço de uma das apoio – externamente barras- internamente hiperestática. hiperestática.
5 – T5 – TRELIÇASRELIÇAS S SIMPLESIMPLES
Geralmente quase todas as treliças são formadas a partir de um triângulo inicial. Para cada novo nó introduzido, basta acrescentar duas barras não colineares.
Se o número de vínculos relativos às treliças acima mencionadas forem iguais a 3, as
treliças serão sempre isostáticas b + 3 = 2N
Observações:
1. A treliça hiperestática com 3 vínculos, conforme desenho acima, tem uma barra a mais, logo não entra nesta classificação.
Estruturas em Treliça
5
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
6. P6. PROCESSOSROCESSOS DEDE R RESOLUÇÃOESOLUÇÃO
6.1 – Processo dos Nós6.1 – Processo dos Nós
Seja o nó C, da treliça ABCDEF. Nele concorrem as barras conforme a figura abaixo:
Conforme já dissemos, cada nó apresenta duas equações e, se admitirmos que todas as barras estejam tracionadas, teremos:
Nó C: 1 1 3 2 4
1 1 3 2 2
H 0 P cos N cos N 0
V 0 P sen N sen N 0
= ⇒ α + α + =
= ⇒ − α − α − =
∑∑
Genericamente, teremos:
Ncos Hα +∑ (componente horizontal de P1) = 0
Nsen Vα +∑ (componente vertical de P1) = 0
As componentes verticais em função do seno.
As componentes horizontais em função do cosseno.
Os valores de H e V podem ser positivos ou negativos, se as forças forem de tração e compressão, respectivamente.
Convenção: H e V∑ ∑
Estruturas em Treliça
6
C D E4 5
23
1
A
6 79
8
F B
P1
N2
N3
N4
P1
C
2α1α
+ +
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
6.2 – Casos de Simplificação6.2 – Casos de Simplificação
Para carregamentos particulares pode acontecer que uma treliça possua barra ou barras não solicitada(s), ou então solicitadas pela mesma força normal. Em muitos casos a identificação destas barras é imediata, simplificando bastante o cálculo da treliça.
Seja a treliça abaixo:
• Nó A duas barras não coaxiais sem forças externas aplicadas.
N1 = N4 = 0 as barras não estão solicitadas.
• Nó C duas barras não coaxiais sem forças externas aplicadas.
N5 = 0
N2 = N6
• Nó B duas barras não coaxiais sem forças externas aplicadas.
N17 = -P3 (compressão).
N16 = 0
• Nó D duas barras não coaxiais sem forças externas aplicadas.
N10 = N14
N13 = 0
• Nó E duas barras não coaxiais sem forças externas aplicadas.
N8 = N12
N9 = - P2 (compressão).
Estruturas em Treliça
7
A E24 8
13
2
5 7 9
6
C
B
P1
12 16
11
10
13 15 17
14
D
P2
P3
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
6.3 – Processos dos Coeficientes de Força6.3 – Processos dos Coeficientes de Força
Esse processo é análogo ao dos nós, mas leva muito mais vantagens se houver muitas barras com inclinações diferentes, principalmente se os comprimentos dessas barras forem obtidos por simples medição num esquema da estrutura.
Vamos supor uma barra AB qualquer de comprimento l de projeções h e v (horizontal e vertical, respectivamente).
Da figura, tiramos: v h
sen e cos , sendol l
α = α = α o ângulo que a barra AB faz com
a horizontal. Voltando ao processo dos nós, onde tínhamos:
N cos H 0× α + =∑ , substituímos os valores do cos α e sen α , ficando:
N sen V 0× α + =∑h
N H 0l
× + =∑
v
N V 0l
× + =∑onde N, h, v e l em cada parcela das somatórias, referem-se a uma mesma barra.
O coeficiente de forças de uma barra é obtido da relação: N
tl
= , que substituindo nas
equações acima nos dá: th H 0
tv V 0
+ =
+ =
∑∑
Estruturas em Treliça
8
A
B
h
vl
horizontal α
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
Através das equações acima, determinamos os valores de t correspondentes às diversas barras da estrutura. Em seguida, obtemos as forças normais, multiplicando-se os valores de t pelos comprimentos das respectivas barras.
Exercício: Resolver a treliça dada nos exemplos anteriores pelo processo dos coeficientes de força.
Nó Equação Barra t (tf/m) l (m) N (tf)
AV 3,97 + 3t1 = 0 1 -1,32 3 -3,96H 5,2 + 4t2 = 0 2 -1,3 4 -5,2
BV -3t1 - 3t3 = 0 3 1,32 5 6,6H 4t4 + 4t3 = 0 4 -1,32 4 -5,28
CV -2-3t5 - 3t7 = 0 5 -1,32 3 -3,96H -4t4 + 4t7 + 4t8 = 0 6 0,02 4 0,08
DV +3t3 + 3t5 = 0 7 0,65 5 3,25H -4t2 - 4t3 + 4t6 = 0 8 -1,97 4 -7,88
EV -4 - 3t9 - 3t11 = 0 9 -0,65 3 -1,95H -4t8 + 4t12 + 4t11 = 0 10 0,68 4 2,72
FV 3t9 + 3t7 = 0 11 -0,68 5 -3,4H -4t7 - 4t6 + 4t10 = 0 12 -1,29 4 -5,16
GV -6cos60º - 3t13 = 0 13 -1 3 -3H
6.4 – Processo das Seções ou de Ritter6.4 – Processo das Seções ou de Ritter
Como vimos no processo dos nós, admitimos cortadas todas as barras da treliça Estruturas em Treliça
9
B E4 8
1 3
2
5 7 9
6
D
A
2tf
12
1611
10
133 m
HA=5,2 tf
HF
30ºC G
4tf6tf
4 m
VB=5,03 tf
4 m 4 mV
A=3,97 tf
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
e consideramos sucessivamente as condições de equilíbrio (H = 0 e V = 0) relativas a todos os nós, um a um.
Esse processo é utilizado quando se deseja determinar as forças normais em todas as barras.
No processo das seções temos condições de obter a força normal em apenas algumas barras ou somente em uma única.
Neste caso, estabelecemos as condições de equilíbrio do reticulado que resulta, quando aplicamos os cortes naquelas barras cujas forças normais procuramos. Este processo permite, com sucesso, a resolução de diversos casos de treliças simples e compostas (associação de uma ou mais treliças que não podem ser obtidas seguindo-se a lei da formação das treliças simples) tornando-se, entretanto, impraticável no caso das treliças complexas.
Ao partirmos a barra CE a treliça se transforma em dois reticulados geométricos indeformáveis e interligados pela articulação F.
Logo os momentos relativos a quaisquer forças de um lado ou de outro lado dos reticulados devem ser nulos.
Tomando, por exemplo, a parte situada à esquerda de F, temos:
Estruturas em Treliça
10
B E
D
A
2tf
3 m
5,2 tf
HF
30ºC G
4tf6tf
4 m
5,03 tf
4 m 4 m3,97 tf
B E
D
A
2tf
3 m
5,2 tf
HF
30ºC G
4tf6tf
4 m
5,03 tf
4 m 4 m3,97 tf
NCE NCE
Banzo sup.
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
3NCE 2 x 4 3,97 x 8 0 3NCE 23,76 NCE 7,92 tf− + = ∴ = − ∴ = −
Calcular a força normal na barra CF diagonal:
Nestas condições os dois reticulados estão ligados por duas barras biarticuladas paralelas CE e DF, incapazes de impedir o deslocamento na direção vertical.
Desta forma, para não acontecer movimento relativo das partes, fazemos V 0=∑ .
Relativo a um ou outro reticulado.
Tomando o reticulado da esquerda, temos:
V 0 3,97 2 NCFsen 01,97
1,97 0,6NCF NCF 3,28 tf0,6
= − − α =
∴ = ∴ = =
Os reticulados estão interligados por duas retas paralelas BC e DF. Também neste
Estruturas em Treliça
11
B E
D
A
2tf
3 m
5,2 tf
HF
30ºC G
4tf6tf
4 m
5,03 tf
4 m 4 m3,97 tf
NCF
NCF
α
3 m
B E
D
A
2tf
5,2 tf
HF
30ºC G
4tf6tf
4 m
5,03 tf
4 m 4 m3,97 tf
NCD
NCD
α
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
caso os reticulados são incapazes de impedir o deslocamento na direção vertical. Logo
temos que fazer V 0.=∑Vamos pega os reticulado da esquerda, logo teremos:
• O da esquerda: V 0 3,97 NCD 0 NCD 3,97 tf.= ⇒ + = ∴ = −∑• O da direita: 2 NCD 4 5,03 6 x 0,5 0 9 5,03 NCD NCD 3,97 tf.− − − + − = ∴ − + = ∴ = −
Exercício: Dado o sistema reticulado abaixo, pede-se:
• Calcular as reações de apoio.
• Calcular os esforços normais em todas as barras.
Obs: Utilizar duas casas decimais.
AH 0 H 3 3 0= ⇒ − + + = ∴∑r
AH 6KN=
A B A BV 0 V V 2 2 2 0 V V 6KN↑ = ⇒ + − − − = ∴ + = ∴∑ AV 6,8KN=
A B BM 0 5V 3x5 2x3 2x7 3x3 0 5V 4KN= ⇒ − − + + − = ∴ − = ∴∑ BV 0,8KN=−
cos sen 0,71β = β =
3cos 0,83
3,61sen 0,55
γ = =
γ =
2cos 0,55
3,613
sen 0,833,61
α = =
α = =
Estruturas em Treliça
12
+
+
+
3 m
2 m
57
6γ
α
α9 0α − 90 − α
α
α
γ
β
9 0− γ
9 0− β 3
4
1
A
D3 KN
B
C E
2 KN
3 KN
2 KN
2 KN
3 m 2 m 2 m
HA = 6 KN
VA = 6,8 KN V
B = -0,8 KN
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
• Nó E
6 7 6 6H 0 3 N N x 0,55 0 3 2,41x 0,55 N N 1,67KN= ⇒ − − = ∴ − = ∴ =∑r
7 7V 0 2 N x 0,83 0 N 2 / 0,83 2,41KN+↑
= ⇒ − + = ∴ = =∑
• Nó D
2 2H 0 3 N x 0,83 0 N 3 /0,83 3,61KN= ⇒ + = ∴ = − = −∑r
( )1 1V 0 2 N 3,61x 0,55 0 N 3,99KN+↑
= ⇒ − + + − = ∴ =∑
• Nó A
1 3 3 3V 0 6,8 N N x 0,71 0 6,8 3,99 N x0,71 N 3,96KN+↑
= ⇒ − − = ∴ − = ∴ =∑3 4 4H 0 6 N x 0,71 N N 3,19KN= ⇒ − + = − ∴ =∑
r
• Nó B
5 7V 0 0,8 N x 0,83 N x 0,83 0+↑
= ⇒ − − − = ∴∑5 50,8 2,41x 0,83 N x 0,83 N 2,8 / 0,83 3,37KN− − = ∴ = − = −
cos 0,6sen 0,8
α =α =
cos sen 0,71γ = γ =
Estruturas em Treliça
13
2 KN
3 KNN6
N7
α
+
3 KN
+
2 KN
N2
N1
9 0− γγ
N4
6 KN
N3N
1
90 − ββ
6,8 KN
N4
6 KN
N7
N590 − α
α
-0,8 KN
90 − α
5 m 4 m
4 kn
2 kn
4
C5
3α
α
90 − α
90 − θ
90 − θ
θ
90 − αθ
θγ
D8 kn
10 kn 6 kn 2
1
9 0− γ
A HA = -5,14 KN
4 m
3 m
B HB =15,14 KN
VB = 10 KN
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
5cos 0,86
5,833
sen 0,515,83
θ = =
θ = =
A BH 0 2 8 H H 0= ⇒ + − − = ∴∑r
A B BH H 10KN H 15,14KN+ = ∴ =
BV 0 V 4 6 0+
= ⇒ − − = ∴∑ BV 10,00KN=
BBM 0 V 4 x 9 8 x3+
= ⇒ − +∑ 6 x 4− A7H 0− = ∴ AH 5,14KN=−
• Nó A
( )2H 0 N x 0,71 5,14= ⇒ − − − =∴∑r
2N 7,24KN=−
1 2V 0 N N x 0,71 0+↑
= ⇒ − − = ∴∑ 1N 5,14KN=−
• Nó C
4V 0 N x 0,51 4+↑
= ⇒ = ∴∑ 4N 7,84KN=
5H 0 2 7,84 x 0,86 N= ⇒ + = − ∴∑r
5N 8,75KN=−
• Nó B
1 3 3V 0 N N x0,6 10 0 5,14 10 N x 0,6+↑
= ⇒ + + = ∴ − + = − ∴∑ 3N 8,1KN=−
Prova:
( ) 3 3H 0 15,14 8,75 N x 0,8 6,39 N x0,8= ⇒ − − − − = ∴ − = ∴∑r
3N 7,99KN=−
Estruturas em Treliça
14
+
+
90 − α
N2
N1
90 − γ
-5,14 KN
N4
2 KN
4 KN
N5
θ
+
+N5
N3
15,14 KN
N1
10 KN
90 − ααA BD2
VA = 6,75 KN V
B = 3,25 KN
5
3 KN
HB = 10 KN
3 m3
E 6 KN
3 KN
7
γ
γ
θ
90 − θ90 − θ
θ9 0− γβ
ββ
90 − α90 − α
1
4
C
2 m4 KN
3 m 3 m 3 m
4 KN
6
α
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
NÓS EQUAÇÕES BARRAS
N (KN)
A H 2 1 2N N cos 0 N 8,13x 0,55+ α = ∴ = − = 2 -4,47
V 1 16,75 N sen 0 N 6,75 /0,83− α = ∴ = 1 8,13
C H 4 44 8,13x 0,55 3,87 x0,71 N 0 N 3,22− + + = ∴ = 4 3,22
V 1 3N sen N cos 4α + β =
3 38,13x 0,83 N x0,71 4 N 2,75 / 0,71∴ + = ∴ = −3 -3,87
B H5 7N 10 N x0,71 0− − + =
5 5N 10 3,25 0 N 6,75∴ − − + = ∴ = −5 -6,75
V 7 73,25 N x 0,71 0 N 3,25 / 0,71− = ∴ = 7 4,58
E H 4 6 7N N x cos N cos 6 0− − γ − θ + =
6 63,22 4,58 x 0,71 6 N x 0,89 N 0,47 /0,89∴ − − + = ∴ = −6 -0,53
V
H
2 3cos 0,55;sen 0,83
3,61 3,61α = = α = =
sen cos 0,71 cos sen 0,71β = β = θ = θ =
V 6 3cos 0,89 sen 0,45
6,71 6,71γ = = γ = =
2 3cos 0,55 sen 0,83 sen cos 0,71
3,61 3,61α = = α = = β = β =
6 3cos 0,89 sen 0,45 cos sen 0,71
6,71 3,61γ = = γ = = θ = θ =
Estruturas em Treliça
15
N1
N2
6,75 KN
α90 − α
N1
N4
4 KNα
90 − α N3
4 KN
ββ
N7
10 KN
6,75
β
90 − α
N5
N6
6 KNN4
γ90 − α
3 KN
θN
7
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
H 0= ⇒∑r
AH 5 KN= A JV 0 V V 4KN
+↑= ⇒ + = ∴∑ AV 2,07KN=
AM 0 1x2 1x 4 1x 9 1x12 2 x2+
= ⇒ + + + −∑ 2 x2+ J14V= ∴ JV 1,93KN=
NDE
DEV 0 N 1 2,07 0+↑
= ⇒ − + = ∴∑ DEN 1,07KN=−
(Ret. a esq.)
NDG
DG DGV 0 N x 0,63 1 1 2,07 0 0,63N 0,07+↑
= ⇒ − − − + = ∴ − = − ∴∑ DGN 0,11KN=
(Ret. a esq.)
NEG
EGDM 0 1x2 2,07 x 4 5x2 N x 4 0+
= ⇒ − + − − = ∴∑ EGN 0,93KN=−
(Ret. a esq.)
NFH
FHIM 0 N x 4 2 x 4 1,93x2 1x2 0+
= ⇒ − − − − = ∴∑ FHN 3,47KN=−
(Ret. a dir.)
Estruturas em Treliça
16
1 KN
B
1 KN
D
1 KN
F
1 KN
H 2 KN
2 m
1 KN
2 m
2 KN
2 m3 m5 m2 m2 mC E G I
J
VJ=1,93 KN
VA=2,07KN
A
HA=5 KN
α
6,490 − α
+
1 KN 1 KN 1 KN 1 KN
1 KN
2 KN
3 m
2 m
1 m
2 m
VB=2,31KN
HB=4KN
2 m 5 m
B
LJH
KIGE
F
C
D
A
4 m1,5 m1,5 m
VA=2,69KN
2 KN
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
BH 0 2 2 H 0= ⇒ + − = ∴∑r
BH 4 KN=
A BV 0 V V 5KN+↑
= ⇒ + = ∴∑ AV 5 2,31 2,69KN= − =
AM 0 2 x3 1x1,5+
= ⇒ − −∑ 1x 1,5+ B1x5,5 1x7,5 1x12,5 2 x3 4 x5 V x14,5 0+ + + − + − =
B14,5V 33,5KN⇒ = ∴ BV 2,31KN=
NIK
IK IKLM 0 3N 2 x3 2,31x2 4 x1 0 3N 2,62KN+
= ⇒ − + − − = ∴ = − ∴∑ IKN 0,87KN=−
(Ret. a dir.)
NFH
FHEM 0 N x3 1x3 2,69 x1,5 0+
= ⇒ − − + = ∴∑ FHN 0,35KN=
(Ret. a esq.)
NGJ
GJ GJV 0 1 N x 0,83 1 2,31 0 N 0,31 / 0,83 0,37KN+↑
= ⇒ − + − + = ∴ = − = − ∴∑ GIN 0,37KN=−
(Ret. a dir.)
2 3cos 0,55 sen 0,83
3,61 3,61α = = α = =
NIJ
IJ IJV 0 N 1 2,31 0 N 1,31KN+↑
= ⇒ − − + = ∴ − = − ∴∑ IJN 1,31KN=
(Ret. a dir.)
Estruturas em Treliça
17
+
6 t
6 t
6 t
HC
VC
VA
2 m 4 m
6 t
CB
A
D
5
34
1
2
β
α
2 m
4 m
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
5sen
5
2 5cos
5
2 5sen
5
5cos
5
α =
α =
β =
β =
Reações de Apoio
A C A
C C
C A A
V 0 V V 12t V 12t
H 0 H 12t V 0
M 0 V x 6 6 x 6 6 x 6 0 V 12t
= + = =
= = =
= − − = =
∑∑∑
Equilíbrio dos Nós
• Nó A A 1 2
2
V 0 V N N sen 0
H 0 6 N cos 0
= + + β =
= + β =
∑∑
• Nó B 1 3
5 3
V 0 6 N N sen45º 0
H 0 6 N N cos 45º 0
= − − − =
= + + =
∑∑
• Nó C C 4
C 5 4
V 0 V 6 N sen 0
H 0 H N N cos 0
= − − α =
= − − − α =
∑∑
Estruturas em Treliça
18
1
2
N 0
N 6 5t
=
= −
3
4
5
N 6 2 t
N 6 5 t
N 0
= −
= −=
AB
C
DEF
5
6
4
3
2
1
78
9
HB
VB
VA 5 m12 m
5 m
5 m
P1=500kg P
2=1500kg
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
Nó Equação
AV A 1V 5T 0+ =
H 5 T2 = 0
BV VB + 5T3 + 10T4 + 10T5 = 0
H -HB – 5T2 – 5T3 – 5T4 = 0
CV -5T1 – 5T3 + 5T7 + 5T9 =0
H - 12T9 + 5T3 = 0
DV -P2 – 10T5 = 0
H -5T6 = 0
EV -5T7 – 10T4 = 0
H -12T8 + 5TA + 5T6 = 0
FV -P1 – 5T9 = 0
H 12T8 + 12T9 = 0
Exercício:
Estruturas em Treliça
19
Reações
VA 1700
VB 300
HB 0
T L Normal
1 -340 5 -1700
2 0 5 0
3 -240 7,07 -1697
4 240 11,18 2683
5 -150 10 -1500
6 0 5 0
7 -480 5 -2400
8 100 12 1200
9 -100 13 -1300
2t
E
5tDF
α
ααα
α
αA
6
7
5
9
4
8
3
21
3t
HA
C
B1t
VA
VC
2 m 2 m
1,5 m
3 m
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
Nó Equação
BV 91 N 0− + =
H 1 2N N 0− + =
EV 9 5 42 N N sen N sen 0− − − α − α =
H 5 4N cos N cos 0− α + α =
FV 5 7 63 N sen N sen N 0− + α + α − =
H 5 7N cos N cos 0α + α =
DV 4 8N sen N sen 3 0α − α − =
H A 85 N cos N cos 0− − α − α =
CV C 3 7V N N sen 0+ + α =
H 2 7N N cos 0− − α =
AV A 6 8V N N sen 0+ + α =
H A 1 8H N N cos 0+ + α =
1. Calcular as forças normais nas barras da treliça:
Estruturas em Treliça
20
3t 5t
2tD 7 E
6
5
4
3
C
1
2
A B
4 m 4 m
6 m
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
2. a) Verificar se a treliça é isostática.
b) Calcular a força normal em todas as barras da treliça, utilizar o processo dos nós ou o processo dos coeficientes de força.
3. Dada a treliça, determinar as reações de apoio e a força normal nas barras:
Estruturas em Treliça
21
1000 kgf
A
B
1 2
3 C 500 kgf
4
D
56
7 E
84 m
9
F
2 m3 m
3 m
α
α
5 m
5t4 m4 m
3 m
3t
2t
CB
D
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
4. Determinar as forças normais da treliça abaixo (qualquer método):
5. Dada a treliça abaixo, pede-se verificar se a mesma é isostática, suas reações de apoio e as forças normais em todas as suas barras.
NÓS EQUAÇÕES N (EM KN)
Estruturas em Treliça
22
6 m 4 m
3 m
3 m 7 m
A E B
C D F5 t
2 t
4 m
A B
4
3
12
C D7
3 m
865 3 m
EF
3 m
11
12109
2 KN
G13
2,54 KN4 KN
60º
UNIVERSIDADE FUMEC - FEA
A H
V
B H
V
C H
V
D H
V
E H
V
F H
V
G H
V
H H
V
Estruturas em Treliça
23